本溪高中2023-2024學年度高考適應性測試（一）物理參考答案

公眾號：高中試卷君答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁本溪高中2023-2024學年度高考適應性測試（一）物理參考答案1．B【詳解】C．根據可知時間為則可知每個球在空中的運動時間一樣，故C正確，不符合題意；A．根據可得乒乓球的水平位移為則可知初速度大小不同的乒乓球的水平分位移一定不同，故落點的位置一定不同，故A正確，不符合題意；B．根據可得可知落在球臺上時速度大小一定不相同，故B錯誤，符合題意；D．根據可知則可知每個球落在球臺上時，豎直方向的速度大小與方向一定相同，故D正確，不符合題意；故選B。2．B【詳解】采用等效法，將電阻R等效為交流電源的內阻，將變壓器看成一個電阻R′，當R′=R=11Ω時，變壓器原線圈輸入的功率最大，擴音器功率最大；變壓器原線圈電流變壓器負線圈輸入功率A．通過擴音器的電流根據電流與匝數成反比，則A錯誤；B．電阻R兩端的電壓B正確；C．交流電源的輸出功率C錯誤；D．由上知通過擴音器的電流，D錯誤。故選B。3．C【詳解】A.當輕桿a緩慢向下移動的過程中，細線的拉力大小始終等于物體的重力G，保持不變，但由于θ增大，所以細線BO對天花板的拉力方向發生改變，所以此拉力是變化的，故A項錯誤；BC.兩細線拉力大小不變，夾角增大，由它們的合力減小，根據滑輪平衡可知，a桿對滑輪的作用力與兩細線的合力大小相等、方向相反，所以a桿對滑輪的作用力逐漸減小，a桿對滑輪的作用力F的方向沿兩夾平分線斜向右上方，如圖故B項錯誤，C項正確；D.細繩BO、AO大小都等G，且兩繩拉力夾角為，由平行四邊形定則可知，合力為G，即開始時繩對滑輪的作用力大小等于G，故D項錯誤．4．C【詳解】瓢蟲沿弧形樹枝由A點緩慢爬到B點的過程中，相當于先上坡后下坡，上坡過程坡度越來越小，瓢蟲的靜摩擦力為Ff由平衡條件得則靜摩擦力為Ff的方向沿曲面切線向上與運動方向相同，大小越來越小下坡過程坡度越來越大，瓢蟲的靜摩擦力為Ff由平衡條件得則靜摩擦力為Ff的方向沿曲面切線向上與運動方向相反，大小越來越大所以ABD錯誤；C正確；故選C。5．D【詳解】A．太陽能汽車可達的最大機械功率為故A錯誤；B．汽車的機械功率為故B錯誤；C．若汽車機械功率恒定，車速減半時牽引力增加一倍，故C錯誤；D．由AB可知，太陽板的面積必須滿足關系故D正確。故選D。6．A【詳解】在AB段，根據牛頓第二定律可得可得速度越大，滑塊受支持力越小，摩擦力就越??；在BC段，根據牛頓第二定律有可得速度越大，滑塊受支持力越大，摩擦力就越大，由此可知從A到C運動的每一點的摩擦力小于從C到A經過每一點的摩擦力，而兩種情況下路徑相同，所以A到C過程中克服摩擦力做功小，根據動能定理可得克服摩擦力做功越小，末動能越大，即末速度越大，因此有。故選A?？键c：考查了動能定理，圓周運動，克服摩擦力做功?！军c睛】解決本題的關鍵知道圓周運動靠徑向的合力提供向心力，通過支持力大小比較出滑動摩擦力的大小，從而通過動能定理比較速度的大小。7．D【詳解】A．小球做平拋運動，則小球的初速度v0越大，其軌跡就越靠近ab直線，則碰到圓環時的水平分位移越大，故A正確，不符合題意；B．小球做平拋運動，當小球掉在c點時豎直分速度最大，設初速度為v0，則有R=gt2R=v0t解得故B正確，不符合題意。C．小球撞擊在圓弧ac段時，速度方向斜向右下方，不可能與圓環垂直；當小球撞擊在圓弧cb段時，根據“中點”結論可知，由于O不在水平位移的中點，所以小球撞在圓環上的速度反向延長線不可能通過O點，也就不可能垂直撞擊圓環，故C正確，不符合題意；D．v0取值不同時，小球運動的軌跡不同，落到圓環上的位置不同，則位移的偏向角不同，因速度的偏向角的正切值等于位移偏向角的正切值的2倍，可知速度的偏向角不同，則小球落在圓環上的速度方向和水平方向之間的夾角不相同，故D錯誤，符合題意。故選D。8．AC【詳解】設初速度方向為正方向，如果末速度與初速度方向相同，則如果末速度方向與初速度方向相反，則故AC正確，BD錯誤。故選AC。9．AB【詳解】A．此刻、是振動加強點，、連線上的所有質點一定都是振動加強點，A正確；B．A是波峰與波峰相遇，此時位移為，是波谷與波谷相遇，此時位移為，故質點、在該時刻的高度差為，B正確；C．干涉圖樣是穩定存在的，此刻質點、是振動減弱的點，之后也始終處于振動減弱的狀態，C錯誤；D．由圖可知，再過半個周期，點位移正向最大，D錯誤。故選AB。10．BC【詳解】A．物塊從0.2m上升到0.35m的過程，只受重力作用，由動能定理可得圖線的斜率為解得A錯誤；B．由圖乙可知，物塊上升至0.2m時與彈簧分離，此時彈簧恰好恢復原長，物塊的動能為重力勢能為故物塊與彈簧系統具有的機械能為當壓縮至h1=0.1m時彈簧的彈性勢能最大，此時物塊的重力勢能為由于整個過程系統機械能守恒，故彈簧的最大彈性勢能為0.5J，B正確；C．物塊開始運動時，彈簧、物塊、地球組成的系統具有的機械能為0.7J，C正確；D．當物塊的動能最大時，物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小，由圖乙可知，最大動能大于0.3J，故物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和的最小值小于0.4J，D錯誤。故選BC。11．0.198/0.199/0.200/0.201mm0×1甲【詳解】（1）[1]螺旋測微器主尺讀數為零，主尺中線與可動刻度第20條刻度線對齊，讀出20.0，最終讀數為合金絲的直徑[2]根據電阻定律合金絲的橫截面積合金絲的長度（2）[3]歐姆表選擋后要進行歐姆調零：把兩筆尖相互接觸，調節旋鈕T，使多用電表的指針指向電阻擋的0刻線，歐姆表測得的電阻值=示數×倍數，指針從∞刻度線向右偏轉，偏轉角度太大，導致示數太小，原因是選擋的倍數太大，故應選擇倍數較小的擋位，即選×1擋；（3）由題目給出的數據可知該合金絲的阻值較小故應采用電流表的外接法，即選甲電路。12．最左側【詳解】（1）[1]為保護電路安全，由圖示電路圖可知，開關閉合前滑動變阻器R的滑片滑到最左側。（2）[2]由圖示電源圖像可知，圖像與縱軸交點坐標值為，根據圖像可知則電源電動勢等于截距，即[3]電源內阻為圖像斜率的絕對值（3）[4]電壓表不能用，則變阻器換為電阻箱，由閉合電路歐姆定律得得到則要以為縱坐標，以R為橫坐標作圖求解。[5]該方法做實驗時，其引起誤差的原因為，沒有考慮電流表的內阻，有由上述式子可知，因為電流表的內阻原因，其測量值大于真實值。13．（1）350K；（2）11J【詳解】（1）氣體在A狀態時，根據平衡條件有氣體從狀態A到狀態B的過程中發生等溫變化，根據波意耳定律有氣體從狀態B到狀態C發生等容變化，根據查理定律有其中聯立以上各式解得（2）由于從狀態A到狀態B氣體發生等溫變化，即氣體溫度不變，因此而從狀態A到狀態C，根據熱力學第一定律有由于狀態B到狀態C氣體發生等容變化，即氣體體積不變，則可知因此可得而聯立解得14．（1）；（2）2.9s；【詳解】（1）當傳送帶逆時針轉動時，物塊Q恰好能保持靜止，可知Q與傳送帶之間的摩擦力現使傳送帶以6m/s的速度順時針運動時，則對Q分析可知對P解得（2）物塊Q加速到與傳送帶共速時，則用時間位移而后由于摩擦力等于P的重力可知